Каков наилучший способ проверить, существует ли таблица в MySQL (предпочтительно через PDO в PHP), не вызывая исключения. Мне не нравится разбирать результаты "SHOW TABLES LIKE" и так далее. Должен быть какой-то булев запрос?
MySQL проверяет, существует ли таблица без исключения исключения
Ответ 1
Я не знаю синтаксиса PDO для него, но это выглядит довольно прямолинейно:
$result = mysql_query("SHOW TABLES LIKE 'myTable'");
$tableExists = mysql_num_rows($result) > 0;
Ответ 2
Если вы используете MySQL 5.0 и более поздние версии, вы можете попробовать:
SELECT COUNT(*)
FROM information_schema.tables
WHERE table_schema = '[database name]'
AND table_name = '[table name]';
Любые результаты показывают, что таблица существует.
От: http://www.electrictoolbox.com/check-if-mysql-table-exists/
Ответ 3
С помощью mysqli я создал следующую функцию. Если у вас есть экземпляр mysqli с именем $con.
function table_exist($table){
global $con;
$table = $con->real_escape_string($table);
$sql = "show tables like '".$table."'";
$res = $con->query($sql);
return ($res->num_rows > 0);
}
Надеюсь, что это поможет.
Предупреждение:, как описано в @jcaron, эта функция может быть уязвима для sqlinjection attacs, поэтому убедитесь, что ваш $table
var чист или даже лучше использует параметризованные запросы.
Ответ 4
Вот мое решение, которое я предпочитаю при использовании хранимых процедур. Пользовательская функция mysql для проверки таблицы существует в текущей базе данных.
delimiter $$
CREATE FUNCTION TABLE_EXISTS(_table_name VARCHAR(45))
RETURNS BOOLEAN
DETERMINISTIC READS SQL DATA
BEGIN
DECLARE _exists TINYINT(1) DEFAULT 0;
SELECT COUNT(*) INTO _exists
FROM information_schema.tables
WHERE table_schema = DATABASE()
AND table_name = _table_name;
RETURN _exists;
END$$
SELECT TABLE_EXISTS('you_table_name') as _exists
Ответ 5
Это опубликовано просто, если кто-то приходит к этому вопросу. Хотя его ответили немного. Некоторые ответы делают его более сложным, чем нужно.
Для mysql * я использовал:
if (mysqli_num_rows(
mysqli_query(
$con,"SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'")
) > 0
or die ("No table set")
){
В PDO я использовал:
if ($con->query(
"SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'"
)->rowCount() > 0
or die("No table set")
){
С этим я просто подталкиваю условие else в или. И для моих нужд мне просто нужно умереть. Хотя вы можете установить или другие вещи. Некоторые могут предпочесть if/else if/else. Который затем следует удалить или передать, если /else if/else.
Ответ 6
Поскольку "Показать таблицы" может быть медленным в больших базах данных, я рекомендую использовать "DESCRIBE" и проверить, получилось ли в результате значение true/false
$tableExists = mysqli_query("DESCRIBE `myTable`");
Ответ 7
$q = "SHOW TABLES";
$res = mysql_query($q, $con);
if ($res)
while ( $row = mysql_fetch_array($res, MYSQL_ASSOC) )
{
foreach( $row as $key => $value )
{
if ( $value = BTABLE ) // BTABLE IS A DEFINED NAME OF TABLE
echo "exist";
else
echo "not exist";
}
}
Ответ 8
Основа Zend
public function verifyTablesExists($tablesName)
{
$db = $this->getDefaultAdapter();
$config_db = $db->getConfig();
$sql = "SELECT COUNT(*) FROM information_schema.tables WHERE table_schema = '{$config_db['dbname']}' AND table_name = '{$tablesName}'";
$result = $db->fetchRow($sql);
return $result;
}
Ответ 9
Если причиной для этого является создание условной таблицы, тогда "CREATE TABLE If NOT EXISTS" кажется идеальным для работы. Пока я не обнаружил это, я использовал метод DESCRIBE выше. Подробнее здесь: MySQL "CREATE TABLE If NOT EXISTS" → Ошибка 1050
Ответ 10
Почему вы так трудно понять?
function table_exist($table){
$pTableExist = mysql_query("show tables like '".$table."'");
if ($rTableExist = mysql_fetch_array($pTableExist)) {
return "Yes";
}else{
return "No";
}
}