Django - создание ZIP файла из нескольких файлов и его загрузка

Возможный дубликат:
Обслуживание динамически создаваемых ZIP-архивов в Django

(Не стесняйтесь указывать мне любые потенциальные дубликаты, если я их пропустил)

Я просмотрел этот фрагмент: http://djangosnippets.org/snippets/365/

но мне интересно, как я могу настроить их в соответствии с моей потребностью: я хочу, чтобы несколько файлов были заархивированы, а архив доступен для загрузки по ссылке (или динамически генерируемой через представление). Я новичок в Python и Django, поэтому я не знаю, как это сделать.

Заранее спасибо!

Ответ 1

Я разместил это на повторяющемся вопросе, с которым связан Вилли, но поскольку вопросы с щедростью не могут быть закрыты как дубликаты, также можно скопировать его здесь тоже:

import os
import zipfile
import StringIO

from django.http import HttpResponse


def getfiles(request):
    # Files (local path) to put in the .zip
    # FIXME: Change this (get paths from DB etc)
    filenames = ["/tmp/file1.txt", "/tmp/file2.txt"]

    # Folder name in ZIP archive which contains the above files
    # E.g [thearchive.zip]/somefiles/file2.txt
    # FIXME: Set this to something better
    zip_subdir = "somefiles"
    zip_filename = "%s.zip" % zip_subdir

    # Open StringIO to grab in-memory ZIP contents
    s = StringIO.StringIO()

    # The zip compressor
    zf = zipfile.ZipFile(s, "w")

    for fpath in filenames:
        # Calculate path for file in zip
        fdir, fname = os.path.split(fpath)
        zip_path = os.path.join(zip_subdir, fname)

        # Add file, at correct path
        zf.write(fpath, zip_path)

    # Must close zip for all contents to be written
    zf.close()

    # Grab ZIP file from in-memory, make response with correct MIME-type
    resp = HttpResponse(s.getvalue(), mimetype = "application/x-zip-compressed")
    # ..and correct content-disposition
    resp['Content-Disposition'] = 'attachment; filename=%s' % zip_filename

    return resp

Ответ 2

Итак, я понимаю, что ваша проблема заключается не в том, как генерировать динамически этот файл, а в создании ссылки для людей, чтобы скачать его...

Я предлагаю следующее:

0) Создайте модель для своего файла, если вы хотите сгенерировать ее динамически, не используйте FileField, а просто информацию, необходимую для создания этого файла:

class ZipStored(models.Model):
    zip = FileField(upload_to="/choose/a/path/")

1) Создайте и сохраните Zip. Этот шаг важен, вы создаете свой zip в памяти, а затем бросаете его, чтобы назначить его на FileField:

function create_my_zip(request, [...]):
    [...]
    # This is a in-memory file
    file_like = StringIO.StringIO()
    # Create your zip, do all your stuff
    zf = zipfile.ZipFile(file_like, mode='w')
    [...]
    # Your zip is saved in this "file"
    zf.close()
    file_like.seek(0)
    # To store it we can use a InMemoryUploadedFile
    inMemory = InMemoryUploadedFile(file_like, None, "my_zip_%s" % filename, 'application/zip', file_like.len, None)
    zip = ZipStored(zip=inMemory)
    # Your zip will be stored!
    zip.save()
    # Notify the user the zip was created or whatever
    [...]

2) Создайте URL-адрес, например, получите число, соответствующее идентификатору, вы также можете использовать slugfield (это)

url(r'^get_my_zip/(\d+)$', "zippyApp.views.get_zip")

3) Теперь представление, это представление вернет файл, соответствующий идентификатору, переданному в URL-адресе, вы также можете использовать slug, отправляющий текст вместо id, и сделайте фильтрацию get своим slugfield.

function get_zip(request, id):
    myzip = ZipStored.object.get(pk = id)
    filename = myzip.zip.name.split('/')[-1]
    # You got the zip! Now, return it!
    response = HttpResponse(myzip.file, content_type='application/zip')
    response['Content-Disposition'] = 'attachment; filename=%s' % filename