Класс подключения базы данных PHP

Ответ 1

Сначала создайте библиотеку классов MySQL... в соответствии с требованиями, как в этом примере:

<?php

include '../config/Dbconfig.php';

class Mysql extends Dbconfig    {

public $connectionString;
public $dataSet;
private $sqlQuery;

    protected $databaseName;
    protected $hostName;
    protected $userName;
    protected $passCode;

function Mysql()    {
    $this -> connectionString = NULL;
    $this -> sqlQuery = NULL;
    $this -> dataSet = NULL;

            $dbPara = new Dbconfig();
            $this -> databaseName = $dbPara -> dbName;
            $this -> hostName = $dbPara -> serverName;
            $this -> userName = $dbPara -> userName;
            $this -> passCode = $dbPara ->passCode;
            $dbPara = NULL;
}

function dbConnect()    {
    $this -> connectionString = mysql_connect($this -> serverName,$this -> userName,$this -> passCode);
    mysql_select_db($this -> databaseName,$this -> connectionString);
    return $this -> connectionString;
}

function dbDisconnect() {
    $this -> connectionString = NULL;
    $this -> sqlQuery = NULL;
    $this -> dataSet = NULL;
            $this -> databaseName = NULL;
            $this -> hostName = NULL;
            $this -> userName = NULL;
            $this -> passCode = NULL;
}

function selectAll($tableName)  {
    $this -> sqlQuery = 'SELECT * FROM '.$this -> databaseName.'.'.$tableName;
    $this -> dataSet = mysql_query($this -> sqlQuery,$this -> connectionString);
            return $this -> dataSet;
}

function selectWhere($tableName,$rowName,$operator,$value,$valueType)   {
    $this -> sqlQuery = 'SELECT * FROM '.$tableName.' WHERE '.$rowName.' '.$operator.' ';
    if($valueType == 'int') {
        $this -> sqlQuery .= $value;
    }
    else if($valueType == 'char')   {
        $this -> sqlQuery .= "'".$value."'";
    }
    $this -> dataSet = mysql_query($this -> sqlQuery,$this -> connectionString);
    $this -> sqlQuery = NULL;
    return $this -> dataSet;
    #return $this -> sqlQuery;
}

function insertInto($tableName,$values) {
    $i = NULL;

    $this -> sqlQuery = 'INSERT INTO '.$tableName.' VALUES (';
    $i = 0;
    while($values[$i]["val"] != NULL && $values[$i]["type"] != NULL)    {
        if($values[$i]["type"] == "char")   {
            $this -> sqlQuery .= "'";
            $this -> sqlQuery .= $values[$i]["val"];
            $this -> sqlQuery .= "'";
        }
        else if($values[$i]["type"] == 'int')   {
            $this -> sqlQuery .= $values[$i]["val"];
        }
        $i++;
        if($values[$i]["val"] != NULL)  {
            $this -> sqlQuery .= ',';
        }
    }
    $this -> sqlQuery .= ')';
            #echo $this -> sqlQuery;
    mysql_query($this -> sqlQuery,$this ->connectionString);
            return $this -> sqlQuery;
    #$this -> sqlQuery = NULL;
}

function selectFreeRun($query)  {
    $this -> dataSet = mysql_query($query,$this -> connectionString);
    return $this -> dataSet;
}

function freeRun($query)    {
    return mysql_query($query,$this -> connectionString);
  }
}
?>

и конфигурационный файл...

<?php
class Dbconfig {
    protected $serverName;
    protected $userName;
    protected $passCode;
    protected $dbName;

    function Dbconfig() {
        $this -> serverName = 'localhost';
        $this -> userName = 'root';
        $this -> passCode = 'pass';
        $this -> dbName = 'dbase';
    }
}
?>

Ответ 2

Хорошо, один совет:

Делайте все по определенной причине. Не используйте то, что вы не знаете. Идите и изучите их.

Можно дать ответ на этот конкретный вопрос, но пока вы не знаете, что Object Oriented означает, что существует classes, вы не должны их использовать.

Ответ 3

• Создайте два класса. Один для работы с базой данных, второй для управления данными User или Auth.
• Для методов создания класса SQL connect(), query(), fetch() и т.д.
• Для методов класса пользователя get ($ id) и т.д.

Ответ 4

Существует проблема с тем, как написан ваш код, а не с классом. Посмотрите более подробно на эту строку:

$array = mysql_fetch_array($result);

Это первая переменная $result, отображаемая в функции. Поэтому невозможно связаться с базой данных.

Возможный псевдокод:

• подключиться к серверу БД
• запросить базу данных
• выберите результаты
• верните поле uid.

Посмотрите на соответствующую документацию в первую очередь:

• http://php.net/manual/en/function.mysql-connect.php
• http://www.php.net/manual/en/function.mysql-query.php
• http://www.php.net/manual/en/function.mysql-fetch-array.php

Ответ 5

Попробуйте следующее:

ini_set("display_errors", 'off');
    ini_set("error_reporting",E_ALL);   

class myclass {
    function myclass()   {    
        $user = "root";
        $pass = "";
        $server = "localhost";
        $dbase = "";

           $conn = mysql_connect($server,$user,$pass);
           if(!$conn)
        {
            $this->error("Connection attempt failed");
        }
        if(!mysql_select_db($dbase,$conn))
        {
            $this->error("Dbase Select failed");
        }
        $this->CONN = $conn;
        return true;
    }
    function close()   {   
        $conn = $this->CONN ;
        $close = mysql_close($conn);
        if(!$close)
        {
            $this->error("Connection close failed");
        }
        return true;
    }       function sql_query($sql="")   {    
        if(empty($sql))
        {
            return false;
        }
        if(empty($this->CONN))
        {
            return false;
        }
        $conn = $this->CONN;
        $results = mysql_query($sql,$conn) or die("Query Failed..<hr>" . mysql_error());
        if(!$results)
        {   
            $message = "Bad Query !";
            $this->error($message);
            return false;
        }
        if(!(eregi("^select",$sql) || eregi("^show",$sql)))
        {
            return true;
        }
        else
        {
            $count = 0;
            $data = array();
            while($row = mysql_fetch_array($results))
            {
                $data[$count] = $row;
                $count++;
            }
            mysql_free_result($results);
            return $data;
         }
    }      
} 
$obj = new myclass();
$obj->sql_query("");

Ответ 6

Вы можете использовать собственный класс базы данных.
Код:

<?php 
Class Database
{
    private $user ;
    private $host;
    private $pass ;
    private $db;

    public function __construct()
    {
        $this->user = "root";
        $this->host = "localhost";
        $this->pass = "";
        $this->db = "db_blog";
    }
    public function connect()
    {
        $link = mysql_connect($this->user, $this->host, $this->pass, $this->db);
        return $link;
    }
}
?>