Подтвердить что ты не робот

Пример кода AJAX Codeigniter

Я искал неделю для достойного полного рабочего примера того, как использовать AJAX с Codeigniter (я новичок AJAX). Сообщения, которые я видел, устарели - все языки программирования продвинулись.

Я хочу иметь форму ввода на странице, которая возвращает что-то на страницу (например, переменная, результат запроса базы данных или строка в формате HTML) без необходимости обновления страницы. В этом простом примере представлена ​​страница с полем ввода, которая вставляет пользовательский ввод в базу данных. Я хотел бы загрузить другое представление после отправки ввода. Если бы я мог понять, как это сделать, я бы смог приспособить его, чтобы делать все, что мне нужно (и, надеюсь, это тоже поможет другим!)

У меня это в моем "тестовом" контроллере:

function add(){
    $name = $this->input->post('name');
    if( $name ) {
        $this->test_model->put( $name );
    }
}

function ajax() {
    $this->view_data["page_title"] = "Ajax Test";
    $this->view_data["page_heading"] = "Ajax Test";

    $data['names'] = $this->test_model->get(); //gets a list of names
    if ( $this->input->is_ajax_request() ) { 
        $this->load->view('test/names_list', $data);
    } else {
        $this->load->view('test/default', $data);
    }
}

Вот мой взгляд, названный 'ajax' (поэтому я обращаюсь к нему через URL-адрес www.mysite.com/test/ajax)

<script type="text/javascript">
    jQuery( document ).ready( function() {
       jQuery('#submit').click( function( e ) {
           e.preventDefault();
           var msg = jQuery('#name').val();
           jQuery.post("
               <?php echo base_url(); ?>
               test/add", {name: msg}, function( r ) {
                   console.log(r);
               });
           });
       });
</script>

<?php echo form_open("test/add"); ?>
<input type="text" name="name" id="name">
<input type="submit" value="submit" name="submit" id="submit">
<?php echo form_close(); ?>

Все, что происходит в настоящее время, это то, что я вводил ввод, обновлял базу данных и отображал представление "test/default" (он не обновляет страницу, но не отображает "test/names_list" по желанию. заблаговременно за любую помощь и за то, что вы меня изгоняете!

4b9b3361

Ответ 1

Установите уникальный идентификатор формы:

echo form_open('test/add', array('id'=>'testajax'));

Я предполагаю, что вы хотите заменить форму на представление:

jQuery(document).ready(function(){
var $=jQuery;
$('#testajax').submit(function(e){
    var $this=$(this);
    var msg = $this.find('#name').val();
    $.post($this.attr('action'), {name: msg}, function(data) {
      $this.replace($(data));
    });
    return false;
});

лучше, если вы вернете URL-адрес в ответ json:

$.post("<?php echo base_url(); ?>test/add", {name: msg}, function(data) {
  $this.load(data.url);
},"json");


от вашего последнего комментария - я сильно не предлагаю заменить тело, будет очень сложно поддерживать такой код.

но вот anser:

$.post("<?php echo base_url(); ?>test/add", {name: msg}, function(data) {
      $('body').replace(data);
    });