Как вернуть правильное сообщение об ошибке/ошибке для JQuery.ajax() с помощью PHP?

Ответ 1

Вам нужно указать правильный тип контента, если вы используете JSON dataType. Прежде чем эхо-сигнал json, поместите правильный заголовок.

<?php    
    header('Content-type: application/json');
    echo json_encode($response_array);
?>

Дополнительное исправление, вы должны проверить, выполнено ли запрос или нет.

if(mysql_query($query)){
    $response_array['status'] = 'success';  
}else {
    $response_array['status'] = 'error';  
}

На стороне клиента:

success: function(data) {
    if(data.status == 'success'){
        alert("Thank you for subscribing!");
    }else if(data.status == 'error'){
        alert("Error on query!");
    }
},

Надеюсь, что это поможет.

Ответ 2

Просто, чтобы вы знали, вы можете использовать это для отладки. Это очень помогло мне и все еще делает

error:function(x,e) {
    if (x.status==0) {
        alert('You are offline!!\n Please Check Your Network.');
    } else if(x.status==404) {
        alert('Requested URL not found.');
    } else if(x.status==500) {
        alert('Internel Server Error.');
    } else if(e=='parsererror') {
        alert('Error.\nParsing JSON Request failed.');
    } else if(e=='timeout'){
        alert('Request Time out.');
    } else {
        alert('Unknow Error.\n'+x.responseText);
    }
}

Ответ 3

Некоторые люди рекомендуют использовать коды состояния HTTP, но я скорее презираю эту практику. например Если вы выполняете поисковую систему, а предоставленные ключевые слова не имеют результатов, предложение будет состоять в том, чтобы вернуть ошибку 404.

Однако я считаю это неправильным. Коды состояния HTTP применяются к фактическому соединению сервера ↔ server. Все, что касается подключения, отлично. Браузер сделал запрос, сервер вызвал ваш обработчик script. script вернул "нет строк". Ничто в этом не означает, что "404 страница не найдена" - найдена страница WAS.

Вместо этого я предпочитаю разводить уровень HTTP из состояния ваших операций на стороне сервера. Вместо простого возврата некоторого текста в строку json я всегда возвращаю структуру данных JSON, которая инкапсулирует статус запроса и запрашивает результаты.

например. в PHP у вас будет

$results = array(
   'error' => false,
   'error_msg' => 'Everything A-OK',
   'data' => array(....results of request here ...)
);
echo json_encode($results);

Тогда в вашем клиентском коде у вас будет

if (!data.error) {
   ... got data, do something with it ...
} else {
   ... invoke error handler ...
}

Ответ 4

Чтобы создать веб-сервис AJAX, вам нужны два файла:

• Вызывающий Javascript, отправляющий данные как POST (может быть как GET) с помощью JQuery AJAX
• Веб-сервис PHP, который возвращает объект JSON (это удобно возвращать массивы или большой объем данных).

Итак, сначала вы вызываете свой веб-сервис с использованием этого синтаксиса JQuery в файле JavaScript:

$.ajax({
     url : 'mywebservice.php',
     type : 'POST',
     data : 'records_to_export=' + selected_ids, // On fait passer nos variables, exactement comme en GET, au script more_com.php
     dataType : 'json',
     success: function (data) {
          alert("The file is "+data.fichierZIP);
     },
     error: function(data) {
          //console.log(data);
          var responseText=JSON.parse(data.responseText);
          alert("Error(s) while building the ZIP file:\n"+responseText.messages);
     }
});

Ваш PHP файл (mywebservice.php, как написано в вызове AJAX) должен включать в себя что-то вроде этого в конце, чтобы вернуть правильный статус успеха или ошибки:

<?php
    //...
    //I am processing the data that the calling Javascript just ordered (it is in the $_POST). In this example (details not shown), I built a ZIP file and have its filename in variable "$filename"
    //$errors is a string that may contain an error message while preparing the ZIP file
    //In the end, I check if there has been an error, and if so, I return an error object
    //...

    if ($errors==''){
        //if there is no error, the header is normal, and you return your JSON object to the calling JavaScript
        header('Content-Type: application/json; charset=UTF-8');
        $result=array();
        $result['ZIPFILENAME'] = basename($filename); 
        print json_encode($result);
    } else {
        //if there is an error, you should return a special header, followed by another JSON object
        header('HTTP/1.1 500 Internal Server Booboo');
        header('Content-Type: application/json; charset=UTF-8');
        $result=array();
        $result['messages'] = $errors;
        //feel free to add other information like $result['errorcode']
        die(json_encode($result));
    }
?>

Ответ 5

добавление в верхний ответ: вот пример кода из PHP и JQuery:

$("#button").click(function () {
 $.ajax({
            type: "POST",
            url: "handler.php",
            data: dataString,

                success: function(data) {

                  if(data.status == "success"){

                 /* alert("Thank you for subscribing!");*/

                   $(".title").html("");
                    $(".message").html(data.message)
                    .hide().fadeIn(1000, function() {
                        $(".message").append("");
                        }).delay(1000).fadeOut("fast");

                 /*    setTimeout(function() {
                      window.location.href = "myhome.php";
                    }, 2500);*/


                  }
                  else if(data.status == "error"){
                      alert("Error on query!");
                  }




                    }


        });

        return false;
     }
 });

PHP - отправить пользовательское сообщение/статус:

    $response_array['status'] = 'success'; /* match error string in jquery if/else */ 
    $response_array['message'] = 'RFQ Sent!';   /* add custom message */ 
    header('Content-type: application/json');
    echo json_encode($response_array);

Ответ 6

Я была такая же проблема. Моя проблема заключалась в том, что мой тип заголовка не был установлен правильно.

Я только добавил это до моего эхо JSON

header('Content-type: application/json');

Ответ 7

Сторона сервера:

if (mysql_query($query)) {
    // ...
}
else {
    ajaxError(); 
}

Сторона клиента:

error: function() {
    alert("There was an error. Try again please!");
},
success: function(){
    alert("Thank you for subscribing!");
}

Ответ 8

... вы также можете проверить наличие проблем с межсайтовым скриптингом... если ваши html-страницы поступают из другого домена/порта, чем ваша служба отдыха, ваш браузер может заблокировать вызов.

Как правило, справа mouse-> проверяйте на своей html-странице. Затем посмотрите в консоли ошибок на наличие ошибок, подобных

Доступ к XMLHttpRequest по адресу "...: 8080" из источника "...: 8383" заблокирован Политика CORS: в запрашиваемом заголовке нет заголовка "Access-Control-Allow-Origin" ресурс.